Κεραια ΑΜ

[Ακρίτας]

Από τις εικόνες που παραθέτεις Παναγιώτη σημειώνω ότι: Μιά κεραία μισού μήκους κύματος μπορεί να τροφοδοτηθεί είτε στο κέντρο με μια γραμμή 73 Ω, είτε στην άκρη με μια γραμμή 2500 Ω, είτε κάπου ενδιάμεσα. Επίσης όταν χρησιμοποιούμε μονή γραμμή (και το έδαφος) θα πρέπει να εξασφαλίζουμε έδαφος υψηλής αγωγιμότητας.
Όπως γράφεις πληροφορίες στο διαδίκτυο υπάρχουν άπειρες και για όλα τα επίπεδα, οι πρακτικές λύσεις όμως είναι λίγες. Οι παρακάτω σημειώσεις, που και αυτές τις βρήκα από δική σου παραπομπή, είναι πολύ καλές για πληροφορίες σε θέματα γραμμών μεταφοράς, κεραιών, και διάδοσης Η/Μ ακτινοβολίας κα. γιατί τα γράφουν κατανοητά, χωρίς μαθηματικά και είναι στα ΕΛΛΗΝΙΚΑ. Βέβαια επειδή η μετάφραση έχει γίνει μάλλον από φοιτητές (με τη μέθοδο της ανάθεσης εργασίας κομμάτι - κομμάτι) σε κάποια σημεία η απόδοση είναι της πυρκαϊάς αλλά μικρό το κακό. Τις συνιστώ σε όσους ενδιαφέρονται για θέματα εκπομπής.

http://www.ceid.upatras.gr/faculty/a...s/AHTS_all.zip

Εδώ είναι πάλι η κεραία της δοκιμής

invertedL.jpg

και εδώ το κύκλωμα του "ρετρο" πομπού, που μας βοήθησε να εκτελέσουμε μερικές ενδιαφέρουσες δοκιμές

mftransmitter.jpg

Και τέλος...ΕΧΩ ΤΟ ΕΙΣΗΤΗΡΙΟ

[Ακρίτας]

Ας συνεχίσουμε το θέμα "Inverted L" στα μεσαία κύματα με την προσαρμογή της σε έναν πομπό ιδιοκατασκευής με λυχνίες.

Αυτό δεν είναι κάτι που μπορεί να γίνει με απλό και πρακτικό τρόπο, δυστυχώς. Θα χρειαστούμε οπωσδήποτε ένα τεχνητό φορτίο 50 Ω που να αντέχει για λίγο την ισχύ εξόδου του πομπού και ένα όργανο μέτρησης λόγου στασίμων.

Αρχικά θα πρέπει να υπολογίσουμε και να ρυθμίσουμε την έξοδο του πομπού στα 50 Ω. Να σημειώσω εδώ ότι είναι λάθος να χρησιμοποιούμε τα στοχεία από κάποια άλλη σχεδίαση γιατί τα δεδομένα αλλάζουν σημαντικά από περίπτωση σε περίπτωση. Ας πάρουμε για παράδειγμα τον πειραματικό πομπό με την EL509 που ανέβσα στην προηγούμενη αράρτηση.

outL.jpg

Από προηγούμενους πειραματισμούς έχω ότι η λάμπα αυτή σε τάξη Γ και με ανοδική τάση 340 V έχει ένα ανοδικό ρεύμα περίπου 110 mA (η συγκεκριμένη είναι και λίγο πεσμένη). Αφού υπολογίσουμε την αντίσταση που εμφανίζει, R = 340/(2*0,11) = 1545 Ω, θα χρησιμοποιήσουμε ένα calculator από τα αρκετά που υπάρχουν στο διαδίκτυο και θα υπολογίσουμε το κύκλωμα εξόδου το οποίο είναι ένα low pass L, το πιο απλό από αυτά που μπορούμε να χρησιμοποιήσουμε.

http://www.hoflink.com/~mkozma/match19c.html

Μπορεί να είναι αυτονόητο για κάποιους αλλά θα πρέπει να πω ότι θα πρέπει να επιλέξουμε οπωσδήποτε ένα κύκλωμα low pass για την προσαρμογή του φορτίου. Η επίλυση μας δίνει τις τιμές που γράφονται επάνω στο σχέδιο του κυκλώματος εξόδου. Αν δοκιμάσουμε να υπολογίσουμε τις τιμές για μια άλλη λυχνία, για πράδειγμα μια 811 που δουλεύει σε τάξη Γ με 1200 V ανοδική τάση και 160 mA ανοδικό ρεύμα θα διαπιστώσουμε ότι αυτή παρουσιάζει μια αντίσταση 3750 Ω που αν τη βάλουμε στο calculator θα μας δώσει διαφορετικές τιμές για το κύκλωμα L. Βέβαια, ο πυκνωτής είναι μεταβλητός και το πηνίο έχει λήψεις αλλά θα πρέπει να ξέρουμε από που θα ξεκινήσουμε τη ρύθμιση.

Στη συνέχεια συνδέουμε την γέφυρα στην έξοδο του πομπού και στη σειρά το τεχνητό φορτίο (που πρέπει να είναι καθαά ωμικό) και ρυθμίζουμε για μέγιστη ένδειξη ισχύος.

-Καλά, δεν μπορούμε να συντονίσουμε απλώς την έξοδο βλέποντας το μιλλιαμπερόμετρο της ανόδου και ρυθμίζοντας εκεί που μας δείχνει το ελάχιστο ρεύμα;

-Οχι, τουλάχιστον σε αυτο το κύκλωμα εξόδου, όπως και στο ξαδερφάκι του το "Π". Ο λόγος είναι απλός. Αν μαζέψουμε το κύκλωμα εξόδου θα δούμε ότι είναι αυτό:

eqoutL.jpg

Στην ουσία, δηλαδή, έχουμε ένα παράλληλο κύκλωμα L - C που σε σειρά με το πηνίο μπαίνει το φορτίο. Αυτό σημαίνει ότι το Q του κυκλώματος υποβιβάζεται σημαντικά και στην περίπτωση του παραδείγματος είναι κάπου στο 5. Όταν σε ένα παράλληλο κύκλωμα το Q γίνεται μικρότερο από 10 τότε παρατηρούνται δυο θέσεις "συντονισμού". Μία θέση στην οποία παρατηρείται η μέγιστη εμπέδηση, όπως σε κάθε παράλληλο κύκλωμα, όμως σε αυτήν δεν ισχύει το Xc = XL η συνθήκη συντονισμού δηλαδή, και μια δεύτερη θέση όπου το Xc = XL αλλά η εμπέδηση δεν είναι η μέγιστη. Η απόκλιση αυτή γίνεται μεγαλύτερη όσο το Q ελαττώνεται. Είναι νομίζω φανερό ότι η πρώτη θέση αντιστοιχεί στο ελάχιστο ανοδικό ρεύμα, δεν είναι όμως αυτή που θέλουμε, ενώ η δεύτερη είναι αυτή που θα μας δώσει την βέλτιστη προσαρμογή, γιατί το κύκλωμα έχει υπολογιστεί με δεδομένη τη συνθήκη Xc = XL.

Ετσι λοιπόν εξηγείται γιατί στα παλιά χρόνια πετυχαίναμε καλύτερους "συντονισμούς" με δοκιμαστικά κατσαβίδια και λάμπες φθορισμού παρά με το μιλλιαμπερόμετρο, μέθοδοι που σαφώς είναι απαράδεκτοι και έπικίνδυνες είδικά τώρα που τα volt έχουν "ξεφύγει". Άλλωστε μια γέφυρα στασίμων είναι απαραίτητος εξοπλισμός και δεν είναι και τόσο ακριβή. Άν μάλιστα "πιάνουν τα χέρια σου" μπορείς να κατασκευάσεις μια με πολύ καλά αποτελέσματα.

Αν ο πομπός μας έχει μεγάλη ισχύ καλό θα είναι να συνδέσουμε πρώτα το φορτίο χωρίς τη γέφυρα, να συντονίσουμε για ελάχιστο ανοδικό ρεύμα και στη συνέχεια να παρεμβάλλουμε την γέφυρα και να ρυθμίσουμε για μέγιστη ένδειξη ισχύος (ειδικά αν η γέφυρά μας έναι κάπως...ακριβή). Εφόσον το φορτίο μας είναι καθαρά ωμικό σε όλη τη διαδικασία θα πρέπει να έχουμε λόγο στασίμων 1:1. Αν δεν έχουμε κατεβάζουμε τους διακόπτές και κάνουμε έναν έλεγχο από την αρχή.

Η συνέχεια είναι απλή. Αφού ρυθμίσουμε την έξοδο για φορτίο 50 Ω, αφαιρούμε το φορτίο και συνδέουμε το κύκλωμα προσαρμογής και την κεραία. Η ρύθμιση θα γίνει για μέγιστη ισχύ και ελάχιστα στάσιμα με τον μεταβλητό πυκνωτή σειράς του κυκλώματος προσαρμογής. Αν τα έχουμε κάνει όλα σωστά το ανοδικό ρεύμα θα είναι αυτό που προβλέπεται γαι την λυχνία στις συγκεκριμένες συθήκες λειτουργίας.


Τέλος μένει το θέμα των radials. Είναι όντως απαραίτητα και πότε; Αυτό όμως χρειάζεται περισσότερη μελέτη.

[p.gabr]

outL.jpg

Από προηγούμενους πειραματισμούς έχω ότι η λάμπα αυτή σε τάξη Γ και με ανοδική τάση 340 V έχει ένα ανοδικό ρεύμα περίπου 110 mA (η συγκεκριμένη είναι και λίγο πεσμένη). Αφού υπολογίσουμε την αντίσταση που εμφανίζει, R = 340/(2*0,11) = 1545 Ω, θα χρησιμοποιήσουμε ένα calculator από τα αρκετά που υπάρχουν στο διαδίκτυο και θα υπολογίσουμε το κύκλωμα εξόδου το οποίο είναι ένα low pass L, το πιο απλό από αυτά που μπορούμε να χρησιμοποιήσουμε.
.

Γιωργο αλλη μια φορα συγχαρητήρια

το θέμα R -ANODE KAI R- LOAD είναι μπερδεμένο και πολλοί κάνουν λάθος υπολογισμούς και εχω δει και αναρτημένους που πραγματικά μπερδεύουν

Εξαρταται και από την τάξη λειτουργίας κάτι που και εγώ έκανα λάθος, αλλά τώρα τελευταία το ξεκαθάρισα

ΒΑΖΩ ΤΑ ΣΧΕΤΙΚΑ
OutputCoupling_Page_1.jpg


R LOAD = V/2*I

[Ακρίτας]

Αυτό το άρθρο κάπου το έχω ολόκληρο και το ψάχνω. Ναι. Το R load υπολογίζεται με αυτόν τον τύπο για τάξη C, όταν μιλάμε για λυχνίες. Σε τρανζίστορ είναι κάπως διαφορετικά.

[p.gabr]

Μαλλον το ανέβασα είναι πολύ ενδιαφέρον